Teorema 2: Imamo23π=6⋅6⋅12⋅12⋅18⋅18⋅24⋅30⋯5⋅7⋅11⋅13⋅17⋅19⋅23⋅29⋯izraz čiji su brojioci sekvenca neparnih prostih brojeva većih od 3 i čiji su imenioci parni brojevi koji su za jedan veći ili manji od odgovarajućih brojilaca.
Dokaz:
Na osnovu Teoreme 1 znamo da je 23π=1−51+71−111+131−171+191−⋯ takođe imamo 51⋅23π=51−251+351−551+⋯,
i sabirajući oba reda dobijamo, 56⋅23π=1+71−111+131−171+⋯. Takođe imamo 71⋅56⋅23π=71+491−771+911−⋯,
i oduzimajući ovaj red od prethodnog dobijamo 76⋅56⋅23π=1−111+131−171+⋯, red u kome nema imenioca deljivih sa 5 ili 7.
Na sličan način izbacujemo sve one članove čiji su imenioci deljivi sa 11, 111⋅7⋅56⋅6⋅23π=111−1211+1431−⋯; sabirajući ovaj red sa prethodnim dobijamo 11⋅7⋅512⋅6⋅6⋅23π=1+131−171+191−⋯.
Primećujemo da se imenioci koji su deljivi prostim brojem oblika 6n−1 uklanjaju sabiranjem, čime se dodaje novi faktor 6n−16n , dok se imenioci koji su deljivi prostim brojem oblika 6n+1 uklanjaju oduzimanjem čime se dodaje novi faktor, 6n+16n .
Tako da će imenioci ovih novih sukcesivno dodatih faktora biti prosti brojevi dok će brojioci biti parni brojevi koji su za jedan veći ili manji od odgovarajućih imenioca. Ukoliko sve članove početnog reda uklonimo na ovakav način dobijamo izraz ⋯29⋅23⋅19⋅17⋅13⋅11⋅7⋅5⋯30⋅24⋅18⋅18⋅12⋅12⋅6⋅6⋅23π=1.
Odakle sledi 23π=6⋅6⋅12⋅12⋅18⋅18⋅24⋅30⋯5⋅7⋅11⋅13⋅17⋅19⋅23⋅29⋯
Pozdrav svima. Danas ćemo dokazati da je kvadratni koren iz prostog broja iracionalan broj. Kao dokazni metod koristićemo metod kontradikcije. Teorema: Ako je p prost broj, tada je p iracionalan broj. Dokaz: Pretpostavimo suprotno, tj. da je p racionalan broj. Tada p možemo zapisati u obliku razlomka ba, gde su a i b dva uzajamno prosta cela broja i b=0. Kvadriranjem jednakosti p=ba dobijamo jednakost p=b2a2, odnosno a2=pb2. Zapišimo sad brojeve a i b u obliku proizvoda stepenova njihovih prostih faktora.a=p1n1⋅p2n2⋅p3n3⋅…⋅pjnjb=q1m1⋅q2m2⋅q3m3⋅…⋅qkmkKvadriranjem ove dve jednakosti dobijamo:a2=p12n1⋅p22n2⋅p32n3⋅…⋅pj2njb2=q12m1⋅q22m2⋅q32m3⋅…⋅qk2mkKako je \(a^2...
Pozdrav svima. Danas ćemo dokazati da je centralni ugao kruga jednak dvostrukom odgovarajućem periferijskom uglu kruga. Kao dokazni metod koristićemo metod direktnog dokaza. Teorema: Centralni ugao kruga jednak je dvostrukom odgovarajućem periferijskom uglu kruga. Dokaz: Tvrdnju možemo da preformulišemo na sledeći način: Neka su P,Q,R tri proizvoljne tačke na kružnici k(O,r). Tada je ∠QOP=2∠QRP . Dokaz ćemo izvesti dokazujući tri odvojena moguća slučaja: Prvi slučaj: Centar kruga se nalazi na kraku periferijskog ugla. Za ovaj slučaj važe sledeće jednakosti:∠POR+∠ORP+∠RPO=180∘∠QOP=180∘−∠POR∠ORP=∠QRPKombinujući prvu i drugu jednakost dobijamo:∠QOP=∠ORP+∠RPOKako je trougao △POR jednakokrak imamo da je ∠RPO=∠ORP , dakle:∠QOP=∠ORP+∠ORP∠QOP=2∠ORPOdnosno, kako je ∠ORP=∠QRP dobijamo:\[\...
Коментари
Постави коментар