Dokaz formule za π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}

 Pozdrav svima. Danas ćemo dokazati formulu za  π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}. Kao dokazni metod koristićemo metod direktnog dokaza.

Teorema 1: π23=n=1χ(n)n\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac{\chi(n)}{n}gde jeχ(n)={1,if n1(mod6)1,if n1(mod6)0,inacˇe\text{gde je} \quad \chi(n)=\begin{cases} 1, & \text{if } n \equiv 1 \pmod{6}\\-1, & \text{if } n \equiv -1 \pmod{6}\\0, & \text{inače}\end{cases}

Teorema 2: Imamoπ23=5711131719232966121218182430\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{5 \cdot 7 \cdot 11 \cdot 13 \cdot 17 \cdot 19 \cdot 23 \cdot 29 \cdots}{6 \cdot 6 \cdot 12 \cdot 12 \cdot 18 \cdot 18 \cdot 24 \cdot 30 \cdots}izraz čiji su brojioci sekvenca neparnih prostih brojeva većih od 33 i čiji su imenioci parni brojevi koji su za jedan veći ili manji od odgovarajućih brojilaca.


Dokaz:

Na osnovu Teoreme 1 znamo da je
π23=115+17111+113117+119\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=1-\frac{1}{5}+\frac{1}{7}-\frac{1}{11}+\frac{1}{13}-\frac{1}{17}+\frac{1}{19}-\cdots
takođe imamo
15π23=15125+135155+,\frac{1}{5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{1}{5}-\frac{1}{25}+\frac{1}{35}-\frac{1}{55}+\cdots ,

i sabirajući oba reda dobijamo,
65π23=1+17111+113117+.\frac{6}{5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=1+\frac{1}{7}-\frac{1}{11}+\frac{1}{13}-\frac{1}{17}+\cdots .
Takođe imamo
1765π23=17+149177+191,\frac{1}{7} \cdot \frac{6}{5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{1}{7}+\frac{1}{49}-\frac{1}{77}+\frac{1}{91}-\cdots ,

i oduzimajući ovaj red od prethodnog dobijamo
6765π23=1111+113117+,\frac{6}{7} \cdot \frac{6}{5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=1-\frac{1}{11}+\frac{1}{13}-\frac{1}{17}+\cdots ,
red u kome nema imenioca deljivih sa 5 ili 7.

Na sličan način izbacujemo sve one članove čiji su imenioci deljivi sa 11,
1116675π23=1111121+1143;\frac{1}{11} \cdot \frac{6 \cdot 6}{7 \cdot 5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{1}{11}-\frac{1}{121}+\frac{1}{143}-\cdots ;
sabirajući ovaj red sa prethodnim dobijamo
12661175π23=1+113117+119.\frac{12 \cdot 6 \cdot 6}{11\cdot 7 \cdot 5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=1+\frac{1}{13}-\frac{1}{17}+\frac{1}{19}-\cdots .

Primećujemo da se imenioci koji su deljivi prostim brojem oblika  6n16n - 1 uklanjaju sabiranjem, čime se dodaje novi faktor 6n6n1\dfrac{6n}{6n-1} , dok se imenioci koji su deljivi prostim brojem oblika 6n+16n + 1 uklanjaju oduzimanjem čime se dodaje novi faktor, 6n6n+1\dfrac{6n}{6n+1} .


Tako da će imenioci ovih novih sukcesivno dodatih faktora biti prosti brojevi dok će brojioci biti parni brojevi koji su  za jedan veći ili manji od odgovarajućih imenioca. Ukoliko sve članove početnog reda uklonimo na ovakav način dobijamo izraz 
3024181812126629231917131175π23=1.\frac{\cdots 30 \cdot 24 \cdot 18 \cdot 18 \cdot 12 \cdot 12 \cdot 6 \cdot 6}{\cdots 29 \cdot 23 \cdot 19 \cdot 17 \cdot 13 \cdot 11 \cdot 7 \cdot 5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=1 .

Odakle sledi
π23=5711131719232966121218182430\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{5 \cdot 7 \cdot 11 \cdot 13 \cdot 17 \cdot 19 \cdot 23 \cdot 29 \cdots}{6 \cdot 6 \cdot 12 \cdot 12 \cdot 18 \cdot 18 \cdot 24 \cdot 30 \cdots}

\blacksquare


Коментари

Популарни постови са овог блога

Dokaz da je koren iz prostog broja iracionalan broj

Dokaz da je centralni ugao kruga jednak dvostrukom odgovarajućem periferijskom uglu