Dokaz formule za π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}

 Pozdrav svima . Danas ćemo dokazati formulu za   π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}. Kao dokazni metod koristićemo metod direktnog dokaza. Teorema 1:  π23=n=1χ(n)n\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac{\chi(n)}{n}gde jeχ(n)={1,if n1(mod6)1,if n1(mod6)0,inacˇe\text{gde je} \quad \chi(n)=\begin{cases} 1, & \text{if } n \equiv 1 \pmod{6}\\-1, & \text{if } n \equiv -1 \pmod{6}\\0, & \text{inače}\end{cases} Teorema 2: Imamo π23=5711131719232966121218182430\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{5 \cdot 7 \cdot 11 \cdot 13 \cdot 17 \cdot 19 \cdot 23 \cdot 29 \cdots}{6 \cdot 6 \cdot 12 \cdot 12 \cdot 18 \cdot 18 \cdot 24 \cdot 30 \cdots}izraz čiji su brojioci sekvenca neparnih prostih brojeva većih od 33 i čiji su imenioci parni brojevi koji su za jedan veći ili manji od odgovarajućih brojilaca. Dokaz: Na osnovu Teoreme 1 znamo da je π23=115+17111+113117+119\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=1-\frac{1}{5}+\frac{1}{7}-\frac{1}{11}+\frac{1}{13}-\frac{1}{17}+\frac{1}{19}-\cdots takođe imamo \[\frac{1}{5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{1}{5}-\frac{1}{25}+\frac{1}{35}-\fra...

Dokaz da postoji beskonačno mnogo prostih brojeva

 Pozdrav svima. Danas ćemo dokazati da postoji beskonačno mnogo prostih brojeva.  Ovaj dokaz je prvi izveo grčki matematičar Euklid.

Teorema: Postoji beskonačno mnogo prostih brojeva.

Dokaz:

Pretpostavimo da postoji konačan broj prostih brojeva. Označimo broj prostih brojeva sa nn, a same proste brojeve sa pp i indeksima 1,2,n1,n1,2 \ldots, n-1,n . Dakle imamo konačan skup prostih brojeva p1,p2,,pn1,pnp_1,p_2,\ldots ,p_{n-1},p_n.

Sada, konstruišimo broj qq na sledeći način:

q=p1p2pn1pn+1q=p_1 \cdot p_2 \cdot \ldots \cdot p_{n-1}\cdot p_n+1

Tada qq može biti ili prost ili složen broj. Jasno je da qq ne može biti prost broj jer smo pretpostavili da je broj prostih brojeva konačan i da je najveći prost broj broj pnp_n. Dakle, qq mora biti složen broj. Ukoliko je qq složen broj onda postoji neki prost broj pp iz skupa p1,p2,,pn1,pnp_1,p_2,\ldots ,p_{n-1},p_n koji ga deli. Označimo sa PP proizvod p1p2pn1pnp_1 \cdot p_2 \cdot \ldots \cdot p_{n-1}\cdot p_n. Tada pp istovremeno deli i PP i P+1=qP+1=q što znači da pp mora da deli i razliku (P+1)P(P+1)-P, tj. sledi da pp deli broj 11. Ali kako nijedan prost broj ne deli broj 11 zaključujemo da pp ne može biti u skupu p1,p2,,pn1,pnp_1,p_2,\ldots ,p_{n-1},p_n. Ovo znači da nezavisno od toga koliki je broj nn uvek postoji barem još jedan prost broj van konačnog skupa, stoga postoji beskonačno mnogo prostih brojeva.

\blacksquare

Коментари

Популарни постови са овог блога

Dokaz da je koren iz prostog broja iracionalan broj

Dokaz da je centralni ugao kruga jednak dvostrukom odgovarajućem periferijskom uglu

Dokaz formule za π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}