Dokaz formule za π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}

 Pozdrav svima . Danas ćemo dokazati formulu za   π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}. Kao dokazni metod koristićemo metod direktnog dokaza. Teorema 1:  π23=n=1χ(n)n\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac{\chi(n)}{n}gde jeχ(n)={1,if n1(mod6)1,if n1(mod6)0,inacˇe\text{gde je} \quad \chi(n)=\begin{cases} 1, & \text{if } n \equiv 1 \pmod{6}\\-1, & \text{if } n \equiv -1 \pmod{6}\\0, & \text{inače}\end{cases} Teorema 2: Imamo π23=5711131719232966121218182430\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{5 \cdot 7 \cdot 11 \cdot 13 \cdot 17 \cdot 19 \cdot 23 \cdot 29 \cdots}{6 \cdot 6 \cdot 12 \cdot 12 \cdot 18 \cdot 18 \cdot 24 \cdot 30 \cdots}izraz čiji su brojioci sekvenca neparnih prostih brojeva većih od 33 i čiji su imenioci parni brojevi koji su za jedan veći ili manji od odgovarajućih brojilaca. Dokaz: Na osnovu Teoreme 1 znamo da je π23=115+17111+113117+119\frac{\pi}{2\sqrt{3}}=1-\frac{1}{5}+\frac{1}{7}-\frac{1}{11}+\frac{1}{13}-\frac{1}{17}+\frac{1}{19}-\cdots takođe imamo \[\frac{1}{5} \cdot \frac{\pi}{2\sqrt{3}}=\frac{1}{5}-\frac{1}{25}+\frac{1}{35}-\fra...

Dokaz kosinusne teoreme

 Pozdrav svima. Danas ćemo dokazati kosinusnu teoremu. Kao dokazni metod koristićemo metod direktnog dokaza. Ovu teoremu je prvi formulisao persijski matematičar Kašani.

Teorema: Neka su a,b,ca,b,c stranice bilo kog trougla i neka su uglovi α,β,γ\alpha,\beta,\gamma uglovi naspram stranica a,b,ca,b,c , redom. Tada važe sledeće jednakosti:c2=a2+b22abcosγc^2=a^2+b^2-2ab\cos \gammab2=a2+c22accosβb^2=a^2+c^2-2ac\cos \betaa2=b2+c22bccosαa^2=b^2+c^2-2bc\cos \alpha

Dokaz:

Sada ćemo izvesti dokaz da važi jednakost:c2=a2+b22abcosγc^2=a^2+b^2-2ab\cos \gammaOstale dve jednakosti se dokazuju na analogan način.

Postoje tri moguća slučaja, a to su: γ \gamma je prav ugao, γ \gamma je oštar ugao i γ \gamma je tup ugao.

Prvi slučaj: γ=90 \gamma=90^{\circ}

Na osnovu Pitagorine teoreme znamo da za pravougli trougao sa hipotenuzom c c važi jednakost: c2=a2+b2c^2=a^2+b^2 Sa druge strane kako je cosγ=cos90=0 \cos\gamma=\cos 90^{\circ}=0 važi da je:c2=a2+b20c^2=a^2+b^2-0c2=a2+b22abcos90c^2=a^2+b^2-2ab\cos 90^{\circ}c2=a2+b22abcosγc^2=a^2+b^2-2ab\cos \gamma

Drugi slučaj: γ<90 \gamma<90^{\circ}

Posmatrajmo sledeći dijagram na kom se nalazi oštrougli trougao ABC\triangle ABC sa visinom hh.

Na osnovu Pitagorine teoreme možemo zapisati sledeće dve jednakosti:

a2=h2+p2a^2=h^2+p^2c2=h2+(bp)2c^2=h^2+(b-p)^2

Kombinujući ove dve jednakosti dobijamo:c2=a2p2+(bp)2c^2=a^2-p^2+(b-p)^2c2=a2p2+b22bp+p2c^2=a^2-p^2+b^2-2bp+p^2c2=a2+b22bpc^2=a^2+b^2-2bpKako je p=acosγ p=a\cos\gamma imamo: c2=a2+b22abcosγc^2=a^2+b^2-2ab\cos \gamma

Treći slučaj: γ>90 \gamma>90^{\circ}

Posmatrajmo sledeći dijagram na kom se nalazi tupougli trougao ABC\triangle ABC sa visinom hh.

Na osnovu Pitagorine teoreme možemo zapisati sledeće dve jednakosti:a2=h2+p2a^2=h^2+p^2c2=h2+(b+p)2c^2=h^2+(b+p)^2Kombinujući ove dve jednakosti dobijamo:c2=a2p2+(b+p)2c^2=a^2-p^2+(b+p)^2c2=a2p2+b2+2bp+p2c^2=a^2-p^2+b^2+2bp+p^2c2=a2+b2+2bpc^2=a^2+b^2+2bpKako je p=acos(180γ)p=a \cos \left(180^{\circ}-\gamma\right) imamo:c2=a2+b2+2abcos(180γ)c^2=a^2+b^2+2ab \cos\left(180^{\circ}-\gamma\right)Primenjujući identitet cos(180γ)=cosγ\cos\left(180^{\circ}-\gamma\right)=-\cos \gamma dobijamo: c2=a2+b22abcosγc^2=a^2+b^2-2ab\cos \gamma

\blacksquare

Коментари

Популарни постови са овог блога

Dokaz da je koren iz prostog broja iracionalan broj

Dokaz da je centralni ugao kruga jednak dvostrukom odgovarajućem periferijskom uglu

Dokaz formule za π23\dfrac{\pi}{2\sqrt{3}}